11.(1)B (2)x (x2-x)d 9 9L 【详解】(1)A.滤光片应置于单缝的前面，故A错误；BC.根据△x=二入 故选B。 d (2)[1]两相邻亮条纹中心间的距离为△x=-= [2]根据△x= 10-19 可得所测光的波长为2=5，-)1 9L 12.(1)CD(2)B(3)C (4)mx =mx+mx3 X1十X2=X3 【详解】(1)小球离开斜槽后做平抛运动，小球抛出点的高度相等，小球做平抛运动的时间t相等，则碰 撞前入射球的速度，=碰撞后入射球的速度，=碰撞后被碰球的速度'，=占两球碰撞过程系 统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m后mV十m2 整理得：mxFD,X+DX3 实验需要测量小球的质量与小球做平抛运动的位移，实验不需要测量小球开始释放时的高度与抛出点到地 面的高度，故选CD。 (2)A.只要入射球从斜面的同一高度由静止释放，小球到达斜槽末端时的速度相等，斜槽不一定要光滑， 故A错误； B.为时两球发生对心正碰，两球半径一定要相同，故B正确； C.为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球，即两球质量关系一定要满足m,>,故C 错误。故选B。 (3)实验结束后，舍掉误差较大的点，用尽量小的圆把落点圈在一起，圆心即为小球的平均落地点，则 图中画的三个圆最合理的是C; (4)[1][2]两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，若满足动量守 恒定律mm市，若机械能守恒定律符：m=)+)m 解得：m,x好=m,x+m2可得x+x后x 3R 13.(1)2 (2) 【详解】(1)根据题意，画出光路图，如图所示 由几何关系有C=30° 由于恰好在圆弧面上发生全反射，则有=一 =2。 sinC (2)根据题意，画出光路图，如图所示 3 由几何关系可得，光束在玻璃中的传播距离为d=R+R=R 又有v=C=C n2 则光束在玻璃中的传播时间1=·_3迟 9 v C 答案第3页，共4页 14.(1)1m/s(2)20m/s2(3)167.5J 【详解】(1)当导体框的上边框进入磁场时，下边框切割磁感线产生的感应电动势E=BL 导体框中的感应电流1= 导体框的下边框在磁场中受到的安培力大小F=BL 导体框刚好做匀速直线运动，根据受力平衡有gsin0=FA解得lm/s (2)导体框沿斜面由静止开始到下边框进入匀强磁场的过程中，根据机械能守恒定律有g,sin0= 2% 当导体框的下边框进入磁场时，受到的安培力大小F。= B2L'vo R 对导体框受力分析，根据牛顿第二定律有F,-1gsin0=m4,解得4=20m/s2 (3)根据能量守恒，导体框从下边框bc进入磁场到上边框ad离开磁场的过程中 0=5m-m2+gx2Lsn0=167 15.(1)5N/c(2)6.199s(3)(-3.242m,0) 【详解】(1)带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，竖直方向上有y=0,5m}巴r 2 m 水平方向有x=1】 联立解得E=5N/C,t=√2s (2)根据类平抛运动的规律可知，粒子从Q点进入磁场时速度与x轴正方向夹角0=45°， y 45 B + 粒子在磁场中做圆周运动，第二次从川点进入匀强电场，此时电场方向与粒子的速度方向平行，粒子在匀 强电场中做匀减速直线运动，然后反向做匀加速直线运动，第三次从川点进入匀强电场，设粒子在电场中 做直线运动的时间为1，则r=2”,v=V2。 由牛顿第二定律得Eq=ma解得t=4s 粒子在磁场中运动的时间为=90°了其中T=2 解得1=严s 360° gB 4 粒子从P点开始到第三次经过x轴所用时间e=1+1'+1=V5+4+2 s=6.199s 4 (3)如上图所示，粒子第四次从W点进入匀强电场，此时粒子的速度方向与电场强度方向垂直，粒子在 匀强电场中做类平抛运动，由题意可知，粒子做匀速运动与匀加速运动两方向上的位移大小相等，则1=， 1=1E4 2 m 解得1=4m 设粒子第五次经过x轴时位置为W',则NN'=4W2m图中的QM=W=2Rsin45 拉子在匀强磁场中做匀速圆周运动，则B=m发解得QM==三m 所以粒子第五次经过x轴时的位置W'到原点的距离为N'O=(4W2-1-√2)m=3242m 粒子第五次经过x轴时的坐标为(-3.242m,0) 答案第4页，共4页 ... ...
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