安徽省江淮十校2026届高三下学期4月三模模拟考试物理(扫描版，含解析)

2026 届高三 4 月模拟考试 物理试题参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 选项 A C D D B C D C AB BCD 一、单项选择题:本题共 8 小题,每小题 4 分,共 32 分。 1. A　 【解析】奥斯特发现了电流的磁效应,法拉第发现了电磁感应现象;麦克斯韦预测了电磁波的存在,赫 兹用实验证实了电磁波的存在;汤姆生发现了电子,密立根测定了电子的电荷量;故 A 选项正确。 2. C　 【解析】A. 大小相等,但方向不同,故 A 错; B. 太阳同步轨道可以有更低轨道,故 B 错; C. 轨道半径低于同步轨道半径,故其角速度大于地球自转加速度,故 C 正确; D. 轨道平面随地球一起绕太阳转动,故 D 错误。 3. D　 【解析】AB. 遏制电压只与光照频率有关,B 错误;由图乙可知遏制电压绝对值的大小为 Ua > Ub > Uc,则 入射光光子的能量 εa > εb > εc,光子的能量满足 ε = hv,可知 va > vb > vc,λc > λb > λa,AC 错误,D 正确。 4. D　 【解析】由图像可知,该汽车的初速度为 3m / s,加速度为 6m / s2,2s 末的速度为 15m / s < 60km / h,2s 内 的平均速度为 9m / s,位移为 18m。 5. B　 【解析】由图可知 T = 0. 8s,f = 1. 25HZ,λ = 1. 6m,A 错误,B 正确;0. 8m = λ2 ,步调相反,C 错误;d = 1. 4m < λ,能发生明显的衍射现象,D 错误。 6. C　 【解析】在缓慢拉起小球的过程中,保持 OM 与 MN 垂直(α = 90°不变),设 OM 与竖直向下方向的夹角 为 φ(从 0°到 90°)。 对小球受力分析,由平衡条件可得 OM 段拉力 T1 = mgcosφ,MN 段拉力 T2 = mgsinφ 因此,T1 随 φ 增大而一直减小,T2 一直增大,故 A,B 均错误。 由整体法可得水平面对物块的支持力 N = (M +m)g - T 22sinφ = (M + m)g - mgsin φ,随 φ 增大而一直 减小;摩擦力 f = T2cosφ =mgsinφcosφ,当 f 取得最大值时 φ = 45°。 此时 T1、T2 大小相等故 C 正确,D 错误。 7. D　 【解析】a 点处的电场强度大于 b 点处的电场强度;带负电荷的尘埃在 a 点处的电势能大于 b 点处的电 势能;a 点处一带电尘埃在电场力的作用下由静止开始运动,被熔喷布吸附,尘埃携带的是负电荷,故 A,B,C 错误,电场力做功等于电势能的减少量,则电场力做功为 W = - E。 1 根据动能定理 - E = 2 mv 2, 2E 尘埃运动到熔喷布时的速度大小为 v = - m ,故 D 选项正确。 8. C　 【解析】A. 线框转动的角速度为 100πrad / s; E B. 2矩形线框转动时最大磁通量为 Φm,则 Φ m m = Nω = 25πWb; I C. 由题意可知:I2 = 4A,设原副线圈匝数比为 K,则:U = 2 K r + U2K, 解得:K = 2 或 K = 25 ,故原、副线圈上的电流比 I1 ∶I2 = 1∶2 或 I1 ∶I2 = 5∶2; D. 若将灯泡换成“10V　 60W”的灯泡,灯泡不能正常发光。 物理试题参考答案　 第　1 页(共 4 页) 二、多项选择题:本题共 2 小题,每小题 5 分,共 10 分。 vasin30°9. AB　 【解析】若苏翊鸣起跳时 va = 10m / s, 5 则 ab 段水平距离为 X = vacos30° × g = 2 3m,苏翊鸣从最 1 1 低点运动到 a 点,有机械能守恒得: 2 mv 2 - 2 mv 2 a = mgR(1 - cos30°),在最低点有牛顿第二定律得: 2 F vN -mg =m R ,以上两式解得:FN = 250(7 - 2 3 )N 故 AB 正确;苏翊鸣起跳后在空中运动的过程中 处于完全失重状态,重力的功率先减小后增大,故 C,D 错误。 10. BCD　 【解析】下落过程中线框中有逆时针方向的感应电流,开始时线框中产生的电动势为 0,故 A 错误, B 正确;线框水平方向匀速运动,竖直方向加速度不断变小的加速运动,竖直方向匀速时,线框的 ΔBLV 速度达到最大,竖直方向匀速时有 yR ΔBL =mg→Vy = 10m / s, ∑ ( ΔBLVmg - yR ΔBL )Δt =mVy, 2 2 mgt - ΔB L yR =mVy,解得:y = 5m, X = Vx t = 6m,故 C 正确; nΔBLv 若线框匝数增大为 n 匝,线框的质量变为 nmg,电阻变为 nR,则 nmg = nΔB nR L, 其中 ΔB ... ...